成都市2020屆高三第二次統考數學，求皖南八校2010屆高三第二次聯考數學答案

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2，高三第二次統一考試的總結

就說，我課下沒有認真的預習，只上課認真挺講遠遠不夠，下課作業沒有認真的完成，只是當小事，以后改正，認真的對待沒一道題，具體的內容寫生動點

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3，江南十校2020屆高三第二次聯考智學網排名一萬六千名什么概念

學習挺渣的，還是好好學習吧

江南十校2020接口三，第三年考智學網排名16000名什么概念？不知道。

南師校2020屆高三第二次聯考智學網排名，嗯，說明他的考試成績是很不好的。

2020屆高三第2次聯考自學網排名16,000名。你的成績不算太好，你還要爭取努力再往前排名吧。

傳媒的分類也要多種的，如果只是這個專業的全省四百多，懸，其實要看是不是針對這個專業分開類而說的，如果總排名的話，其實應該算不錯了。

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4，已經歷過高三的前輩請出現高三第一次全市統考就考砸了心里

不知道你是哪個省的，但高考么是個人都會緊張的。幾乎每個同學都會有個瓶頸期，你的瓶頸期早，那么有更多的時間來調節才對。看起來你不像是會懈怠的人，到高三了么老師一般都很縱容學生，像我們高三那年老師都允許我們不聽課，一切都是自己把握。我心情不好壓力大的時候甚至翹課到操場上散步，跟同桌。總之首先是相信自己，不要太焦躁了，事實證明越把高考看得重的人最后越容易失誤。現在才剛高三呢，等到后面每周一次模擬的時候就麻木了，名次下降10名都激不起我內心的波瀾，哈哈。數學和英語是最重要的。我一直認為把數學和英語學好了，甚至可以將語文稍微放一放，而文綜到后期大家的成績就都差不多了（實驗班）。再說現在高考題越來越活，當初我做的模擬卷都有點跟不上那節奏了，所以平時的成績不要太在意，多練練理解題目的能力，這很重要。至于地理，自然地理都是有一套規律的，所有的自然地理現象其實都可以聯系起來解釋，而人文地理就比較麻煩了，要背，多看多讀是重要的。最后，就是心態~~我總是標榜自己以平時3、4名的成績高考考了第一是因為心態好~呵呵~~

5，四省名校高三第二次大聯考答案

2018屆四省名校高三大聯考理科數學第Ⅰ卷(共60分)一、選擇題:本大題共12個小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的. 1. 已知全集為，集合，，則( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】求解指數不等式可得，求解一元二次不等式可得，則，利用交集的定義有:. 本題選擇C選項. 2. 已知是虛數單位，是的共軛復數，，則的虛部為( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】由題意可得:，則，據此可得，的虛部為. 本題選擇A選項. 3. 如圖是今年國慶中秋長假期間某客運站客運量比去年同期增減情況的條形圖.根據圖中的信息，以下結論中不正確的是( ) A. 總體上，今年國慶長假期間客運站的客流比去年有所增長 B. 10月3日、4日的客流量比去年增長較多 C. 10月6日的客運量最小 D. 10月7日，同比去年客流量有所下滑【答案】C 【解析】觀察所給的條形圖可知: 從10月6日到10月7日，客流量減少，則10月6日的客運量最大，選項C的說法是錯誤的. 本題選擇C選項. 4. 的展開式中的系數為( ) A. 320 B. 300 C. 280 D. 260 【答案】B 【解析】展開式的通項為:，則:，，據此可得:的系數為. 本題選擇B選項. 5. 已知雙曲線的一條漸近線與直線垂直，且雙曲線的一個焦點在拋物線的準線上，則雙曲線的方程為( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】雙曲線的漸近線方程為:，由直線垂直的充要條件可得:，拋物線的準線方程為，據此可得方程組:，求解方程組有:，則雙曲線的方程為. 本題選擇C選項. 6. 設函數，則下列結論錯誤的是( ) A. 的一個周期為 B. 的圖形關于直線對稱 C. 的一個零點為 D. 在區間上單調遞減【答案】D 【解析】逐一考查所給的選項: 函數的最小正周期為，則函數的周期為:，取可得函數的一個周期為; 函數圖象的對稱軸滿足:，則:，令可得函數的一條對稱軸為; 函數的零點滿足:，則:，令可得函數的一個零點為; 若，則，則函數在上不具有單調性; 本題選擇D選項. 7. 執行如圖所示的程序框圖，若輸出的值為，則輸入的值為( ) A. 3 B. 4 C. 5 D. 6 【答案】B 【解析】依據流程圖考查程序的運行過程如下: 初始化:，第一次循環:成立，; 第二次循環:成立，; 第三次循環:成立，; 第四次循環:成立，; 此時不成立，不再循環，據此可得:. 本題選擇B選項. 點睛:此類問題的一般解法是嚴格按照程序框圖設計的計算步驟逐步計算，逐次判斷是否滿足判斷框內的條件，決定循環是否結束.要注意初始值的變化，分清計數變量與累加(乘)變量，掌握循環體等關鍵環節. 8. 已知正三棱柱(上下底面是等邊三角形，且側棱垂直于底面的三棱柱)的高為2，它的6個頂點都在體積為的球的球面上，則該正三棱柱底面三角形邊長為( ) A. B. C. 3 D. 【答案】A 【解析】設正三棱柱的外接球半徑為R，底面三角形外接圓半徑為r，邊長為a，則:，解得:，，結合正弦定理:. 本題選擇A選項. 9. 中國人在很早就開始研究數列，中國古代數學著作《九章算術》、《算法統宗》中都有大量古人研究數列的記載.現有數列題目如下:數列的前項和，，等比數列滿足，，則( ) A. 4 B. 5 C. 9 D. 16 【答案】C 【解析】由題意可得:，，則:等比數列的公比，故. 本題選擇C選項. 10. 過橢圓的左頂點且斜率為的直線與圓交于不同的兩個點，則橢圓的離心率的取值范圍是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】由題意可得，直線的方程為，即，由直線與圓交于兩個不同的點可得:坐標原點到直線的距離，即，整理可得:，解得:，又橢圓的離心率:，故:. 本題選擇C選項. 點睛:橢圓的離心率是橢圓最重要的幾何性質，求橢圓的離心率(或離心率的取值范圍)，常見有兩種方法: ①求出a，c，代入公式; ②只需要根據一個條件得到關于a，b，c的齊次式，結合b2=a2-c2轉化為a，c的齊次式，然后等式(不等式)兩邊分別除以a或a2轉化為關于e的方程(不等式)，解方程(不等式)即可得e(e的取值范圍). 11. 已知定義在區間上的函數滿足，其中是任意兩個大于0的不等實數.若對任意，都有，則函數的零點所在區間是( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】由可得函數在區間上單調遞增，而=常數，故為常數，不妨設，則，而，據此有:，令，增函數之和為增函數，則在區間上單調遞增，且，則，據此可得，故: ，故:，其中: 且函數在區間上連續，由函數零點存在定理可得函數的零點所在區間是. 本題選擇B選項. 點睛:一是嚴格把握零點存在性定理的條件; 二是連續函數在一個區間的端點處函數值異號是這個函數在這個區間上存在零點的充分條件，而不是必要條件; 三是函數f(x)在[a，b]上單調且f(a)f(b)＜0，則f(x)在[a，b]上只有一個零點. 12. 已知半徑為2的扇形中，，是的中點，為弧上任意一點，且，則的最大值為( ) A. 2 B. C. D. 【答案】C 【解析】建立如圖所示的平面直角坐標系，則，則，設則:，即:，解得:，則:，其中，據此可知，當時，取得最大值. 本題選擇C選項. 點睛:(1)應用平面向量基本定理表示向量的實質是利用平行四邊形法則或三角形法則進行向量的加、減或數乘運算. 學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網...學|科|網... 第Ⅱ卷(共90分) 二、填空題(每題5分，滿分20分，將答案填在答題紙上) 13. 已知為坐標原點，點，若點為平面區域上的動點，則的最大值是__________. 【答案】2 【解析】繪制不等式組表示的平面區域如圖所示，結合目標函數的解析式，平移直線，由圖可知，當直線經過點時，直線的截距最大，此時目標函數取得最大值. 14. 設是雙曲線的兩個焦點，是雙曲線上的一點，滿足，是坐標原點，若的面積為4，則__________. 【答案】2 【解析】設，若，則點的軌跡方程為:，聯立圓的方程與雙曲線的方程可得:，則的面積為:，結合可得. 15. 已知函數若，則實數的取值范圍為__________. 【答案】【解析】由函數的解析式可得:，則:，原不等式即:，分類討論: 當時:，解得:，則此時; 當時:，解得:，則此時; 綜上可得，實數的取值范圍為，表示為區間的形式即:. 點睛:(1)求分段函數的函數值，要先確定要求值的自變量屬于哪一段區間，然后代入該段的解析式求值，當出現f(f(a))的形式時，應從內到外依次求值. (2)當給出函數值求自變量的值時，先假設所求的值在分段函數定義區間的各段上，然后求出相應自變量的值，切記要代入檢驗，看所求的自變量的值是否滿足相應段自變量的取值范圍. 16. 已知底面邊長為2的正三棱錐(底面為正三角形，且頂點在底面的射影為正三角形的中心的棱錐叫正三棱錐)的外接球的球心滿足，則這個正三棱錐的內切球半徑__________. 【答案】【解析】取AB的中點D，則，結合題意由，則球心O與△ABC的重心重合，因為D為AB中點，由可得: ，利用等體積法有: .① 其中，，代入①式解方程可得:. 點睛:與球有關的組合體問題，一種是內切，一種是外接.解題時要認真分析圖形，明確切點和接點的位置，確定有關元素間的數量關系，并作出合適的截面圖，如球內切于正方體，切點為正方體各個面的中心，正方體的棱長等于球的直徑;球外接于正方體，正方體的頂點均在球面上，正方體的體對角線長等于球的直徑. 三、解答題 (本大題共6小題，共70分.解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟.) 17. 的內角的對邊分別為，若. (1)求角的大小; (2)已知，求面積的最大值. 【答案】(1) ;(2). 【解析】試題分析: (1)由題意利用正弦定理邊化角，結合兩角和差正余弦公式可得，則. (2)結合(1)中的結論和余弦定理可得，則，由均值不等式的結論可知的面積. 試題解析: (1)∵. 由正弦定理得 . ∴，在中，， ∴. ∵，∴. (2)由余弦定理得. 又，∴. ∴，當且僅當時取等號， ∴的面積. 即面積的最大值為. 18. 在某單位的食堂中，食堂每天以10元/斤的價格購進米粉，然后以4.4元/碗的價格出售，每碗內含米粉0.2斤，如果當天賣不完，剩下的米粉以2元/斤的價格賣給養豬場.根據以往統計資料，得到食堂某天米粉需求量的頻率分布直方圖如圖所示，若食堂購進了80斤米粉，以(斤)(其中)表示米粉的需求量，(元)表示利潤. (1)估計該天食堂利潤不少于760元的概率; (2)在直方圖的需求量分組中，以區間中間值作為該區間的需求量，以需求量落入該區間的頻率作為需求量在該區間的概率，求的分布列和數學期望. 【答案】(1)0.65;(2)答案見解析. 【解析】試題分析: (1)由題意可得利潤函數結合題意求解不等式有即.則食堂利潤不少于760元的概率是. (2)由題意可知可能的取值為460，660，860，960.分別求得相應的概率有，，，.據此得出分布列，然后計算數學期望有. 試題解析: (1)一斤米粉的售價是元. 當時，. 當時，. 故設利潤不少于760元為事件，利潤不少于760元時，即. 解得，即. 由直方圖可知，當時， . (2)當時，; 當時，; 當時，; 當時，. 所以可能的取值為460，660，860，960. ，，， . 故的分布列為 . 19. 直角三角形中，，，，是的中點，是線段上一個動點，且，如圖所示，沿將翻折至，使得平面平面. (1)當時，證明:平面; (2)是否存在，使得與平面所成的角的正弦值是?若存在，求出的值;若不存在，請說明理由. 【答案】(1)證明見解析;(2) 存在，使得與平面所成的角的正弦值為. 【解析】試題分析: (1)由題意可得，取的中點，連接交于，當時，由幾何關系可證得平面.則.利用線面垂直的判斷定理可得平面. (2)建立空間直角坐標系，結合直線的方向向量與平面的法向量計算可得存在，使得與平面所成的角的正弦值為. 試題解析: (1)在中，，即，則，取的中點，連接交于，當時，是的中點，而是的中點， ∴是的中位線，∴. 在中，是的中點， ∴是的中點. 在中，， ∴，則. 又平面平面，平面平面， ∴平面. 又平面，∴. 而，∴平面. (2)以為原點，所在直線為軸，所在直線為軸，建立如圖所示空間直角坐標系. 則，，，，由(1)知是中點，，而平面平面. ∴平面，則. 假設存在滿足題意的，則由. 可得，則. 設平面的一個法向量為，則即令，可得，，即. ∴與平面所成的角的正弦值 . 解得(舍去). 綜上，存在，使得與平面所成的角的正弦值為. 20. 已知橢圓的右焦點為，過且與軸垂直的弦長為3. (1)求橢圓的標準方程; (2)過作直線與橢圓交于兩點，問在軸上是否存在點，使為定值，若存在，請求出點坐標，若不存在，請說明理由. 【答案】(1) ;(2) 存在滿足條件的點，其坐標為. 【解析】試題分析: (1)由題意計算可得.則橢圓的標準方程為. (2)假設存在點滿足條件，設其坐標為，設，，分類討論: 當斜率存在時，聯立直線方程與橢圓方程有:，.則.滿足題意時有:.解得.此時.驗證可得當斜率不存在時也滿足，則存在滿足條件的點，其坐標為.此時的值為. 試題解析: (1)由題意知，. 又當時，. ∴. 則. ∴橢圓的標準方程為. (2)假設存在點滿足條件，設其坐標為，設，，當斜率存在時，設方程為，聯立，恒成立. ∴，. ∴，. ∴ . 當為定值時，. ∴. 此時. 當斜率不存在時，，，. ，， . ∴存在滿足條件的點，其坐標為. 此時的值為. 21. 已知函數. (1)若，求的單調區間; (2)若關于的不等式對一切恒成立，求實數的取值范圍; (3)求證:對，都有. 【答案】(1) 單調增區間為，單調減區間為.(2);(3)證明見解析. 【解析】試題分析: (1)求解導函數有.結合函數的定義域和導函數與原函數之間的關系可得的單調增區間為，單調減區間為. (2)二次求導可得.分類討論: ①當時，對一切恒成立. ②當時，，對一切不恒成立. ③當時，對一切不恒成立. 綜上可得實數的取值范圍是. (3)結合(2)的結論，取，有時，.則.結合對數的運算法則即可證得題中的不等式. 試題解析: (1)當時，函數，定義域為，. 令可得，令可得. 所以的單調增區間為，單調減區間為. (2)， . ①當時，，. 故在區間上遞增，所以，從而在區間上遞增. 所以對一切恒成立. ②當時，， . 當時，，當時，. 所以時，. 而，故. 所以當時，，遞減，由，知，此時對一切不恒成立. ③當時，，在區間上遞減，有，從而在區間上遞減，有. 此時對一切不恒成立. 綜上，實數的取值范圍是. (3)由(2)可知，取，當時，有. 取，有，即. 所以，所以. 點睛:導數是研究函數的單調性、極值(最值)最有效的工具，而函數是高中數學中重要的知識點，所以在歷屆高考中，對導數的應用的考查都非常突出，本專題在高考中的命題方向及命題角度從高考來看，對導數的應用的考查主要從以下幾個角度進行: (1)考查導數的幾何意義，往往與解析幾何、微積分相聯系. (2)利用導數求函數的單調區間，判斷單調性;已知單調性，求參數. (3)利用導數求函數的最值(極值)，解決生活中的優化問題. (4)考查數形結合思想的應用. 請考生在22、23兩題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題記分. 22. 選修4-4:坐標系與參數方程已知直線(為參數)，圓(為參數). (1)當時，求與的交點坐標; (2)過坐標原點作的垂線，垂足為，為的中點，當變化時，求點的軌跡方程，并指出它是什么曲線. 【答案】(1) ;(2)答案見解析. 【解析】試題分析: (1)當時，的普通方程為，的普通方程為.則與的交點為. (2)由題意可得點坐標為.則點軌跡的參數方程為 (為參數).消去參數可得點的軌跡方程為.它表示圓心為，半徑為的圓. 試題解析: (1)當時，的普通方程為，的普通方程為. 聯立方程組得與的交點為. (2)的普通方程為. 由題意可得點坐標為. 故當變化時，點軌跡的參數方程為 (為參數). 點的軌跡方程為. 故點軌跡是圓心為，半徑為的圓. 23. 選修4-5:不等式選講已知函數. (1)當時，求不等式的解集; (2)若不等式的解集為，求實數的取值范圍. 【答案】(1) ;(2) . 【解析】試題分析: (1)結合函數的解析式零點分段求解不等式可得不等式的解集是; (2)結合題意有:，令，則.即實數的取值范圍為. 試題解析: (1)當時，當時，由得，解得; 當時，成立; 當時，由得，解得. 綜上，不等式的解集為. (2)由得，令知. ∴實數的取值范圍為.