圖a示意上海市2005，2005上海如圖所示的電路中電源電壓保持不變閉合電鍵S后電

來源：整理時間：2023-07-15 18:16:34 編輯：上海生活手機版

1，2005上海如圖所示的電路中電源電壓保持不變閉合電鍵S后電

電流表的示數變大，說明電路發生了短路，而電壓表與電流示數的比值不變，曲歐姆定律知，電阻不變時，電流與電壓成正比，說明電阻R的阻值沒有變，即電阻沒有問題，故只有是電燈L短路，且電流表變時，電壓表的示數也變大．故選D．

2005上海如圖所示的電路中電源電壓保持不變閉合電鍵S后電

2，圖a 是2005年某城市 新區規劃圖針對規劃實施中出現的一些問題

A、根據上面的地圖分析可知：圖b的新區規劃中交通線路并沒有明顯的增加，因此可能沒有交通擁堵的現象，故不符合題意；B、圖b中也沒有生態環境保護工程，因此不能說環境破壞嚴重，故不符合題意；C、圖a中規劃的公共設施和市政設施比重很低，則可知該新區規劃實施中出現的主要問題是公共服務配套不足．故正確；D、兩圖的工業用地規劃也沒有明顯的變化，故不符合題意．故選：C．

圖a 是2005年某城市新區規劃圖針對規劃實施中出現的一些問題

3，2005上海如圖1所示重為G的物體P掛在彈簧測力計下其下

在ab兩圖中，打點計時器打出的各點之間的距離是相同的，由此確定物體P，在這兩種情況下都是處于勻速直線運動狀態，即平衡狀態，所受的力一定是平衡力；此時的物體P只受兩個力的作用：①彈簧秤豎直向上的拉力Fa（或Fb），②重力．根據二力平衡的條件可知這兩個力相等，即拉力F等于重力G，由于前后兩次重力不變，所以拉力F也不變．即Fa=Fb．綜上分析，故選B．

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2005上海如圖1所示重為G的物體P掛在彈簧測力計下其下

4，2005上海如圖所示處于勻強磁場中的兩根足夠長電阻不計的平

（1）金屬棒開始下滑的初速為零，根據牛頓第二定律：mgsinθ-μmgcosθ=ma ①由①式解得a=10×（O.6-0.25×0.8）m/s2=4m/s2　　　　　　 ②故金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大小為4m/s2．（2）設金屬棒運動達到穩定時，速度為v，所受安培力為F，棒在沿導軌方向受力平衡mgsinθ一μmgcosθ一F=0　　　　　　③此時金屬棒克服安培力做功的功率等于電路中電阻R消耗的電功率：P=Fv　　 ④由③、④兩式解得v＝P F ＝8 0.2×10×(0.6?0.25×0.8) m/s＝10m/s ⑤故當金屬棒下滑速度達到穩定時，棒的速度大小為10m/s．（3）設電路中電流為I，兩導軌間金屬棒的長為l，磁場的磁感應強度為B　　I＝vBl R ⑥P=I2R　　　　　　⑦由⑥、⑦兩式解得：B＝ PR vl ＝ 8×2 10×1 T＝0.4T⑧磁場方向垂直導軌平面向上．故磁感應強度的大小為0.4T，方向垂直導軌平面向上．

（1）金屬棒開始下滑的初速為零，根據牛頓第二定律有：mgsinθ-μmgcosθ=ma…①由①式解得：a=g（sinθ-μcosθ）=10×（o.6-0.25×0.8）m/s2=4m/s2…②故金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大小為4m/s2．（2）設金屬棒運動達到穩定時，速度為v，所受安培力為f，棒在沿導軌方向受力平衡，有：mgsinθ-μmgcosθ-f=0…③此時金屬棒克服安培力做功的功率等于電路中電阻r消耗的電功率：p=fv…④由③、④兩式解得：v=p f =p mg(sinθ?μcosθ) =8 0.2×10×(0.6?0.25×0.8) m/s=10m/s…⑤故當金屬棒下滑速度達到穩定時，棒的速度大小為10m/s．（3）設電路中電流為i，兩導軌間金屬棒的長為l，磁場的磁感應強度為b，感應電流為：i=blv r …⑥功率為：p=i2r…⑦由⑥、⑦兩式解得：b= pr vl = 8×8 10×1 t=0.8t…⑧故磁感應強度的大小為0.4t，方向垂直導軌平面向上．答：（1）金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大小為4m/s2；（2）該速度的大小為10m/s；（3）在上問中，若r=2ω，磁感應強度的大小為0.8t．